Repère cartésien 2nd

Classe: 
Seconde

Activité 

Soit $ABC$ un triangle, $I$ milieu de $[BC]$ et $M$ un point défini par : $\overrightarrow{AM}=\dfrac{2}{5}\overrightarrow{AI}$. La parallèle à $(AB)$ passant par $M$ coupe $(BC)$ en $P$ et la parallèle à $(AC)$ passant par $M$ coupe $(BC)$ en $Q$. On veut montrer que $I$ est le milieu de $[PQ]$. Soit le repère $(A\;;\ \overrightarrow{AB}\;,\ \overrightarrow{AC}).$

1) Déterminer les coordonnées de $A\;,\ B\;,\ C\ $ et $\ M.$
2) Vérifier que l'ordonnée de $P$ est $\dfrac{1}{5}.$
3) Soit $x$ l'abscisse de $P$, donner les coordonnées de $\overrightarrow{BP}$ en fonction de $x$. Calculer $x.$

Déterminer les coordonnées de $Q$ puis montrer que $I$ est milieu de $[PQ].$

Résolution 


 

 
1) Soit le repère $(A\;;\ \overrightarrow{AB}\;,\ \overrightarrow{AC})$ donc $A\begin{pmatrix} 0 \\ 0\end{pmatrix}\;,\quad B\begin{pmatrix} 1 \\ 0\end{pmatrix}$ et $C\begin{pmatrix} 0 \\ 1\end{pmatrix}$
 
\begin{eqnarray}\overrightarrow{AM}&=&\dfrac{2}{5}\overrightarrow{AI}=\dfrac{2}{5}(\overrightarrow{AB}+\overrightarrow{BI}) \nonumber \\ &=&\dfrac{2}{5}\left(\overrightarrow{AB}+\dfrac{1}{2}\overrightarrow{BC}\right)\nonumber \\ &=&\dfrac{2}{5}\left(\overrightarrow{AB}+\dfrac{1}{2}\left(\overrightarrow{BA}+\overrightarrow{AC}\right)\right)\nonumber \\ &=&\dfrac{2}{5}\left(\overrightarrow{AB}-\dfrac{1}{2}\overrightarrow{AB}+\dfrac{1}{2}\overrightarrow{AC}\right)\nonumber \\ &=&\dfrac{2}{5}\left(\dfrac{1}{2}\overrightarrow{AB}+\dfrac{1}{2}\overrightarrow{AC}\right)\nonumber \\ &=&\dfrac{1}{5}\overrightarrow{AB}+\dfrac{1}{5}\overrightarrow{AC}\nonumber \end{eqnarray}
 
donc, $M\begin{pmatrix}\dfrac{1}{5} \\ \\ \dfrac{1}{5}\end{pmatrix}$
 
2) $(MP)$ parallèle à $(AB)$ qui est l'axe des abscisses donc $M$ et $P$ ont la même ordonnée. D'où : $y_{P}=\dfrac{1}{5}.$
 
3) $x_{P}=x$ donc, $P\begin{pmatrix} x \\ \dfrac{1}{5}\end{pmatrix}$ et $\overrightarrow{BP}\begin{pmatrix} x-1 \\ \dfrac{1}{5}\end{pmatrix}$
 
$\overrightarrow{BP}$ est colinéaire à $\overrightarrow{BC}$, donc $B\;,\ P$ et $C$ sont alignés.
 
Soit $\overrightarrow{BC}\begin{pmatrix} -1 \\ 1\end{pmatrix}$ alors on a : \begin{eqnarray} (x-1)(1)-\left(\dfrac{1}{5}\right)(-1)&=&0 \nonumber \\ x-1+\dfrac{1}{5}&=&0 \nonumber \\ x&=&1-\dfrac{1}{5}=\dfrac{4}{5}\nonumber \end{eqnarray}

D'où  : $P\begin{pmatrix}\dfrac{4}{5} \\ \\ \dfrac{1}{5}\end{pmatrix}$
 
$(MQ)$ parallèle à $(AC)$ qui est l'axe des ordonnées donc $Q$ a même abscisse que $M.$ D'où : $x_{Q}=\dfrac{1}{5}.$
 
Soit $Q\begin{pmatrix}\dfrac{1}{5} \\ y_{Q}\end{pmatrix}$ et $\overrightarrow{CQ}\begin{pmatrix}\dfrac{1}{5} \\ y_{Q}-1\end{pmatrix}$
 
\begin{eqnarray}\overrightarrow{CQ}\text{ colinéaire à }\overrightarrow{BC}&\Leftrightarrow&\left(\dfrac{1}{5}\right)(1)-(y_{Q}-1)(-1)=0\nonumber \\ &\Leftrightarrow&\dfrac{1}{5}+y_{Q}-1=0\nonumber \\ &\Leftrightarrow&y_{Q}=1-\dfrac{1}{5}=\dfrac{4}{5}\nonumber \end{eqnarray}

D'où  : $Q\begin{pmatrix}\dfrac{1}{5} \\ \\ \dfrac{4}{5}\end{pmatrix}$
 
$I$ est milieu de $[BC]$ alors $I\begin{pmatrix}\dfrac{1}{2} \\ \\ \dfrac{1}{2}\end{pmatrix}$
 
Calculons les coordonnées du milieu de $[PQ]$
 
Soit $$\begin{array}{ccc}\dfrac{x_{P}+x_{Q}}{2}&=&\dfrac{\left(\dfrac{4}{5}+\dfrac{1}{5}\right)}{2} \\ \\ &=&\dfrac{1}{2}\ =\ x_{I} \end{array}\quad\begin{array}{ccc}\dfrac{y_{P}+y_{Q}}{2}&=&\dfrac{\left(\dfrac{1}{5}+\dfrac{4}{5}\right)}{2} \\ \\ &=&\dfrac{1}{2}\ =\ y_{I} \end{array}$$
 
Donc $I$ est aussi milieu de $[PQ]$

I Définitions

Soient deux vecteurs non nuls $\vec{u}$ et $\vec{v}$ et non colinéaires, $A$ un point du plan. Le triplet $(A;\ \vec{u},\ \vec{v})$ est un repère du plan où $A$ est l'origine et $\vec{u}$ et $\vec{v}$ sont les vecteurs de base du plan.

$\centerdot$ $\forall\;$ $M\in\mathcal{P}$ $\exists\;$ $x$ et $y$ tels que $\overrightarrow{AM}=x\vec{u}+y\vec{v}$

$x$ et $y$ sont les coordonnées de $M$. $\ x$ est l'abscisse de $M\;$; $\ x_{M}=x$, $\ y$ est l'ordonnée de $M\;$; $y_{M}=y$

$\centerdot$ Si $\vec{u}$ est orthogonal à $\vec{v}\ $ ($\vec{u}\perp\vec{v}$) on dira que le repère $(A;\ \vec{u},\ \vec{v})$ est un repère orthogonal.

$\centerdot$ Si de plus $||\vec{u}||=||\vec{v}||=1$ on dira qu'on a un repère orthonormé.

$\centerdot$ $(A;\ \vec{u})$ est l'axe des abscisses, $(A;\ \vec{v})$ est l'axe des ordonnées.

II Équations cartésiennes et paramétriques de droite

   II.1 Colinéarité de vecteurs

$\centerdot$ Deux vecteurs $\vec{u}\begin{pmatrix}
x\\
y
\end{pmatrix}$ et $\vec{v}\begin{pmatrix}
x'\\
y'
\end{pmatrix}$ sont colinéaires si, et seulement si, le déterminant de $\vec{u}$ et $\vec{v}$ noté $$det(\vec{u},\ \vec{v})=\begin{vmatrix}
x & x'\\
y & y'
\end{vmatrix}=xy'-x'y=0$$
$\centerdot$ Deux vecteurs $\vec{u}$ et $\vec{v}$ sont colinéaires si, et seulement si, il existe $k\in\mathbb{R}$ tel que $\vec{u}=k.\vec{v}$
$\vec{u}$ et $\vec{v}$ ont même direction.

  II.2 Vecteurs orthogonaux

$\centerdot$ Deux vecteurs $\vec{u}$ et $\vec{v}$ sont orthogonaux si, et seulement si, ils ont des directions orthogonales. On note $\vec{u}\perp\vec{v}$.

$\centerdot$ Deux vecteurs $\vec{u}\begin{pmatrix}
x\\
y
\end{pmatrix}$ et $\vec{v}\begin{pmatrix}
x'\\
y'
\end{pmatrix}$ sont orthogonaux si, et seulement si, $$xx'+yy'=0$$

  II.3 Équation cartésienne de droite

         II.3.1 Définitions

Soient $\vec{u}$ un vecteur non nul, $A$ un point du plan. L'ensemble des points $M$ du plan tels que $\overrightarrow{AM}$ colinéaire à $\vec{u}$ est la droite passant par $A$ de direction $\vec{u}$ noté $(D)=(A,\ \vec{u})$.
$\vec{u}$ est un vecteur directeur de $(D)$ et tout vecteur $\vec{v}$ colinéaire à $\vec{u}$ est aussi un vecteur directeur de $(D)$.

       II.3.2 Équation cartésienne et réduite d'une droite

L'équation cartésienne d'une droite $(D)$ est de la forme $$ax+by+c=0$$
avec $(a,\ b)\neq(0,\ 0)\;$; $\ a$ et $b$ ne sont pas nuls en même temps.

$\centerdot$ Le vecteur $\vec{u}\begin{pmatrix}
-b\\
a
\end{pmatrix}$ est un vecteur directeur de $(D)$.

$\centerdot$ Le vecteur $\vec{n}\begin{pmatrix}
a\\
b
\end{pmatrix}$ est appelé un vecteur normal à $(D)$. C'est un vecteur orthogonal à la direction de $(D)$.

$\centerdot$ Si $a=0$ alors, la droite $(D)$ a pour équation $y=\dfrac{-c}{b}$ et est parallèle à l'axe des abscisses.

$\centerdot$ Si $b=0$ alors, la droite $(D)$ a pour équation $y=\dfrac{-c}{a}$ et est parallèle à l'axe des ordonnées.

 
 

 

Exercice d'application

Soit $A\begin{pmatrix} 2 \\ 5\end{pmatrix}\;,\quad B\begin{pmatrix} 3 \\ -4\end{pmatrix}\;,\quad C\begin{pmatrix} 1 \\ 7\end{pmatrix}$
 
Déterminer les équations cartésiennes de :
 
1) $(AB)$
 
2) la droite $(D)$ passant par $C$ et parallèle à $(AB)$
 
3) la médiatrice de $[AC]$

Résolution 

1) Équation cartésienne de $(AB)$ :
 
Nous avons $A\begin{pmatrix} 3-2 \\ -4-5\end{pmatrix}=\begin{pmatrix} 1 \\ -9\end{pmatrix}$
 
Soit $M\begin{pmatrix} x \\ y\end{pmatrix}\in(AB)\;;\quad \overrightarrow{AM}\begin{pmatrix} x-2 \\ y-5\end{pmatrix}$
 
\begin{eqnarray} M\begin{pmatrix} x \\ y\end{pmatrix}\in(AB)&\Leftrightarrow&\overrightarrow{AB}\ \text{ colinéaire à }\ \overrightarrow{AM} \nonumber \\ &\Leftrightarrow&det(\overrightarrow{AM}\;,\ \overrightarrow{AB})=0\nonumber \\ &\Leftrightarrow&\begin{vmatrix} x-2&1 \\ y-5&-9\end{vmatrix}=(x-2)(-9)-(y-5)=0\nonumber \\ &\Leftrightarrow&-9x-y+23=0\nonumber \end{eqnarray} 
 
Donc $(AB)\ :\ -9x-y+23=0$
 
2) Soit $M\begin{pmatrix} x \\ y\end{pmatrix}\in(D)\;;\quad \overrightarrow{CM}\begin{pmatrix} x-1 \\ y-7\end{pmatrix}$
 
\begin{eqnarray} (D)\ \text{ parallèle à }\ (AB)&\Leftrightarrow&\overrightarrow{AB}\ \text{ colinéaire à }\ \overrightarrow{CM} \nonumber \\ &\Leftrightarrow&det(\overrightarrow{AB}\;,\ \overrightarrow{CM})=0\nonumber \\ &\Leftrightarrow&\begin{vmatrix} 1&x-1 \\ -9&y-7\end{vmatrix}=(y-7)-(-9)(x-1)=0\nonumber \\ &\Leftrightarrow&y+9x-7-9=0\nonumber \end{eqnarray} 
 
Donc $(D)\ :\ y+9x-16=0$
 
3) Soit $(\Delta)$ la médiatrice de $[AC]$ donc $\overrightarrow{AC}\begin{pmatrix} -1 \\ 2\end{pmatrix}$ est un vecteur normal à $(\Delta).$
 
Soit $I$ milieu de $[AC]\;;\quad I\begin{pmatrix}\dfrac{3}{2} \\ \\ 6\end{pmatrix}$ et soit $M\begin{pmatrix} x \\ y\end{pmatrix}\in(\Delta)\;;\quad \overrightarrow{IM}\begin{pmatrix} x-\dfrac{3}{2} \\ \\ y-6\end{pmatrix}$
 
\begin{eqnarray} (\Delta)\ \text{ perpendiculaire à }\ (AC)&\Leftrightarrow&(-1)\left(x-\dfrac{3}{2}\right)+2(y-6)=0 \nonumber \\ &\Leftrightarrow&-x+\dfrac{3}{2}+2y-12=0\nonumber \\ &\Leftrightarrow&-x+2y-\dfrac{21}{2}=0\nonumber \end{eqnarray} 
 
Donc, $\Delta\ :\ -x+2y-\dfrac{21}{2}=0$

Remarques

L'équation réduite d'une droite $(D)$ est de la forme $y=\alpha x+\beta$ où $\alpha$ est le coefficient directeur de la droite $(D)$. Donc si $(D) \: : y=\alpha x+\beta \: \Longrightarrow \: \alpha x-y+\beta=0$ et $\vec{u}\begin{pmatrix} 1\\ \alpha \end{pmatrix}$ est un vecteur directeur de $(D)$.
Soit $(D) \: : ax+by+c=0$,
si $b\neq 0 \: \Longrightarrow \: y=\dfrac{-a}{b}x-\dfrac{c}{b}$ et $\dfrac{-a}{b}$ est le coefficient directeur de la droite $(D)$.

          II.3.3 Conditions de parallélisme et d'orthogonalité de droites

$\centerdot$ Deux droites $(D) \: : ax+by+c=0$ de vecteur directeur $\vec{u}\begin{pmatrix} -b\\ a \end{pmatrix}$ et $(D') \: : a'x+b'y+c'=0$ de vecteur directeur $\vec{u}'\begin{pmatrix} -b'\\ a' \end{pmatrix}$ sont parallèles si, et seulement si, les vecteurs directeurs $\vec{u}$ et $\vec{u}'$ sont colinéaires ($det(\vec{u},\ \vec{u}')=0$)
 
$\centerdot$ $(D)$ et $(D')$ sont orthogonales si, et seulement si, les vecteurs directeurs $\vec{u}$ et $\vec{u}'$ sont orthogonaux ($x_{\vec{u}}x'_{\vec{u}'}+y_{\vec{u}}y'_{\vec{u}'}=0$)
 
$\centerdot$ Deux droites $(D) \: : y=\alpha x+\beta$ et $(D') \: : y=\alpha' x+\beta'$ sont parallèles si, et seulement si, $$\alpha=\alpha'$$
 
$\centerdot$ $(D)$ et $(D')$ sont perpendiculaires si, et seulement si, $$\alpha.\alpha'=-1$$

Exercice d'application 

Soit $(D_{1})\ :\ 2x-3y+5=0$ et $A\begin{pmatrix} 3 \\ 4\end{pmatrix}\;,\quad B\begin{pmatrix} 2 \\ 3\end{pmatrix}$ deux points du plan.
 
1) $A$ et $B$ appartiennent-ils à $(D_{1})$ ?
 
2) Déterminer l'équation de la droite $(D_{2})$ passant par $A$ et parallèle à $(D_{1}).$
 
3) Soit $(D_{3})\ :\ y=3x-1$ 
 
$(D_{3})$ et $(D_{1})$ sont-elles parallèles ? perpendiculaires ?

Résolution

1) $M\begin{pmatrix} x \\ y\end{pmatrix}\in(D_{1})$ si, et seulement si, ses coordonnées vérifient l'équation de $(D_{1})$
 
\begin{eqnarray} A\begin{pmatrix} 3 \\ 4\end{pmatrix}\ :\quad 2\times 3-3\times 4+5&=&6-12+5\nonumber \\ &=&-1\ \neq 0\nonumber \end{eqnarray}
donc, $A\notin(D_{1})$
 
\begin{eqnarray} B\begin{pmatrix} 2 \\ 3\end{pmatrix}\ :\quad 2\times 2-3\times 3+5&=&4-9+5\nonumber \\ &=&0\nonumber \end{eqnarray}
donc, $B\in(D_{1})$
 
2) Soit $M\begin{pmatrix} x \\ y\end{pmatrix}\in(D_{2})\;;\quad \overrightarrow{AM}\begin{pmatrix} x-3 \\ y-4\end{pmatrix}$ et soit $\vec{u}\begin{pmatrix} 3 \\ 2\end{pmatrix}$ vecteur directeur de $(D_{1})$ alors 
 
\begin{eqnarray} (D_{2})\ \text{ parallèle à }\ (D_{1})&\Leftrightarrow&\overrightarrow{AM}\ \text{ colinéaire à }\ \vec{u} \nonumber \\ &\Leftrightarrow&det(\overrightarrow{AM}\;,\ \vec{u})=0\nonumber \\ &\Leftrightarrow&\begin{vmatrix} x-3&3 \\ y-4&2\end{vmatrix}=(x-3)(2)-(3)(y-4)=0\nonumber \\ &\Leftrightarrow&2x-3y+6=0\nonumber\end{eqnarray} 
 
Donc, $(D_{2})\ :\ 2x-3y+6=0$
 
3) $(D_{1})\ :\ 2x-3y+5=0$ donc $y=\dfrac{2}{3}x-\dfrac{5}{3}$ est une équation réduite pour $(D_{1}).$
 
Soient $u_{1}\begin{pmatrix} 1 \\ \\ \dfrac{2}{3}\end{pmatrix}$ et $u_{3}\begin{pmatrix} 1 \\ 3\end{pmatrix}$ vecteurs directeurs respectifs de $(D_{1})$ et $(D_{3}).$
 
$3\neq\dfrac{2}{3}\;,\ $ donc, $(D_{1})$ et $(D_{3})$ ne sont pas parallèles.
 
$3\times\dfrac{2}{3}=1\neq -1\;,\ $ alors, $(D_{1})$ et $(D_{3})$ ne sont pas perpendiculaires. 

       II.3.4 Équations paramétriques

Soient $\vec{u}\begin{pmatrix} \alpha\\ \beta \end{pmatrix}$ et $M_{0}\begin{pmatrix} x_{0}\\ y_{0} \end{pmatrix}$, $\ (D)$ est une droite passant par $M_{0}$ de vecteur directeur $\vec{u}\;$; $\ (D)=(M_{0},\ \vec{u}).$
 
 
$M\begin{pmatrix}
x\\
y
\end{pmatrix}\in(D)$ si, et seulement si, $\overrightarrow{M_{0}M}$ est colinéaire à $\vec{u}.$

Donc, $\exists\;$ $k\in\mathbb{R}$ tel que $\overrightarrow{M_{0}M}=k.\vec{u}.$

Ainsi, $\left\lbrace\begin{array}{lcl}
x-x_{0} &=& k\alpha\\
y-y_{0} &=& k\beta
\end{array}
\right. \Longrightarrow  \left\lbrace\begin{array}{lcl}
x &=& x_{0}+k\alpha\\
y &=& y_{0}+k\beta
\end{array}
\right.$ qui est un système d'équations paramétriques de $(D)$

$M_{k}\begin{pmatrix}
x_{0}+\alpha k\\
y_{0}+\beta k
\end{pmatrix}$ est le point de paramètre $k$.

Exercice d'application 

Soit $A\begin{pmatrix} 1 \\ 2\end{pmatrix}\;,\quad B\begin{pmatrix} 3 \\ 4\end{pmatrix}$ deux points du plan et $(D_{1})\ :\ 2x-3y+5=0.$
 
1) Déterminer un système d'équations paramétriques des droites $(AB)$ et $(D_{1}).$
 
2) Soit $(D_{2})\ :\ \left\lbrace\begin{array}{rcl} x&=&2-t \\ y&=&3+4t\end{array}\right.$
 
a) $A\begin{pmatrix} 1 \\ 2\end{pmatrix}$ et $D\begin{pmatrix} 0 \\ 11\end{pmatrix}$ appartiennent-ils à $(D_{2})\;\ ?$
 
b) Déterminer l'équation cartésienne de $(D_{2})$
 
3) Déterminer les coordonnées des points d'intersection de $(D_{1})$ et $(D_{2})$

Résolution 

Soit $M\begin{pmatrix} x \\ y\end{pmatrix}\in(AB)$ alors $\overrightarrow{AB}$ et $\overrightarrow{AM}$ sont colinéaires.
\begin{eqnarray} \overrightarrow{AB}\ \text{ colinéaire à }\ \overrightarrow{AM}&\Leftrightarrow&\overrightarrow{AM}=t\overrightarrow{AB}\;,\quad t\in\mathbb{R}\nonumber \\ &\Leftrightarrow&\left\lbrace\begin{array}{rcl} x-1&=&2t \\ y-2&=&2t \end{array}\right.\nonumber \\ &\Leftrightarrow&\left\lbrace\begin{array}{rcl} x&=&2t+1 \\ y&=&2t+2\end{array}\right.\quad\text{équation paramétrique de }(AB) \nonumber \end{eqnarray}
Soit $\vec{u}\begin{pmatrix} 3 \\ 2\end{pmatrix}$ vecteur directeur de $(D_{1})$ et $A\begin{pmatrix} -1 \\ 1\end{pmatrix}$ un point de $(D_{1})$
 
$M\begin{pmatrix} x \\ y\end{pmatrix}\in(D_{1})$ alors $\overrightarrow{AM}$ et $\vec{u}$ sont colinéaires.
\begin{eqnarray} \overrightarrow{AM}\ \text{ colinéaire à }\ \vec{u}&\Leftrightarrow&\overrightarrow{AM}=t\vec{u}\;,\quad t\in\mathbb{R}\nonumber \\ &\Leftrightarrow&\left\lbrace\begin{array}{rcl} x+1&=&3t \\ y-1&=&2t \end{array}\right.\nonumber \\ &\Leftrightarrow&\left\lbrace\begin{array}{rcl} x&=&3t-1 \\ y&=&2t+1\end{array}\right.\quad\text{équation paramétrique de }(D_{1})\nonumber \end{eqnarray}
 
2) a) $\left\lbrace\begin{array}{rcl} 1&=&2-t \\ 2&=&3+4t\end{array}\right.\ \Leftrightarrow\ \left\lbrace\begin{array}{rcl} t&=&1 \\ \\ t&=&-\dfrac{1}{4}\end{array}\right.\quad\text{impossible}$ 
 
donc, $A\notin(D_{2})$
 
$\left\lbrace\begin{array}{rcl} 0&=&2-t \\ 11&=&3+4t\end{array}\right.\ \Leftrightarrow\ \left\lbrace\begin{array}{rcl} t&=&2 \\ t&=&2\end{array}\right.\quad\text{donc }D\in(D_{2})$
 
b) $\left\lbrace\begin{array}{rcl} x&=&2-t \\ y&=&3+4t\end{array}\right.\ \Leftrightarrow\ \left\lbrace\begin{array}{rcl} t&=&2-x \\ y&=&3+4(2-x)\ =\ -4x+11\end{array}\right.$
 
donc, $y+4x-11=0$ est une équation cartésienne de $(D_{2})$
 
3) Dans $(D_{1})$, remplaçons $x$ et $y$ par leur valeur dans $(D_{2})$ \begin{eqnarray} 2(2-t)-3(3+4t)+5&=&0\nonumber \\ -14t&=&0\nonumber \\ t&=&0\nonumber \end{eqnarray}
 
donc, $\left\lbrace\begin{array}{rcl} x&=&2 \\ y&=&3\end{array}\right.$ ; d'où $(D_{1})\cap(D_{2})=I\begin{pmatrix} 2 \\ 3\end{pmatrix}$

       II.3.5 Équations de cercle

Soit $\mathcal{C}$ le cercle de centre $I\begin{pmatrix}
\alpha\\
\beta
\end{pmatrix}$ et de rayon $R$ noté $\mathcal{C}(I,\ R).$

$M\begin{pmatrix}
x\\
y
\end{pmatrix}\in\mathcal{C}(I,\ R) \: \Longrightarrow IM=R.$


 
 
Donc, $IM^{2}=R^{2} \: \Longrightarrow (x_{M}-x_{I})^{2}+(y_{M}-y_{I})^{2}=R^{2}.$
D'où : $\ (x_{M}-\alpha)^{2}+(y_{M}-\beta)^{2}=R^{2}$ qui est l'équation réduite du cercle $\mathcal{C}\left(I\begin{pmatrix}
\alpha\\
\beta
\end{pmatrix}, R\right).$

$$x^{2}+y^{2}-2\alpha x-2\beta y+\alpha^{2}+\beta^{2}-R^{2}=0$$ est l'équation cartésienne du cercle $(\mathcal{C}).$

Exemple 

Les équations suivantes sont-elles des équations de cercle. Si oui, donner le centre et le rayon.
 
a) $x^{2}+y^{2}-6x+8y-5=0$
 
b) $x^{2}+y^{2}+2x+4y-1=0$
 
c) $x^{2}+y^{2}+3x+4y+20=0$

Résolution 

a) \begin{eqnarray} x^{2}+y^{2}-6x+8y-5=0&\Leftrightarrow&(x-3)^{2}-9+(y+4)^{2}-16-5=0\nonumber \\ &\Leftrightarrow&(x-3)^{2}+(y+4)^{2}=30\nonumber  \end{eqnarray}
 
donc, cette équation définie bien un cercle $\mathcal{C}\left(I\begin{pmatrix} 3 \\ -4\end{pmatrix}\;;\ \sqrt{30}\right)$
 
b) \begin{eqnarray} x^{2}+y^{2}+2x+4y-1=0&\Leftrightarrow&(x+1)^{2}-1+(y+2)^{2}-4-1=0\nonumber \\ &\Leftrightarrow&(x+1)^{2}+(y+2)^{2}=6\nonumber  \end{eqnarray}
 
On obtient bien un cercle $\mathcal{C}\left(I\begin{pmatrix} -1 \\ -2\end{pmatrix}\;;\ \sqrt{6}\right)$
 
c) \begin{eqnarray} x^{2}+y^{2}+3x+4y+20=0&\Leftrightarrow&\left(x+\dfrac{3}{2}\right)^{2}-\dfrac{9}{4}+(y+2)^{2}-4+20=0\nonumber \\ &\Leftrightarrow&\left(x+\dfrac{3}{2}\right)^{2}+(y+2)^{2}=-\dfrac{55}{4}\nonumber  \end{eqnarray}
 
$-\dfrac{55}{4}<0$ donc cette équation ne définie pas un cercle.

III Formule de changement de repère

Soient $(O;\  \vec{i},\  \vec{j})$ un repère du plan, $S$ un point de coordonnées $(a,\ b)$ , dans $(O;\  \vec{i},\  \vec{j}).$
Considérons un nouveau repère $(S;\  \vec{i},\  \vec{j}).$
Donc, $M\begin{pmatrix}
x\\
y
\end{pmatrix}$ dans $(O;\  \vec{i},\  \vec{j})$ et $M\begin{pmatrix}
X\\
Y
\end{pmatrix}$ dans $(S;\  \vec{i},\  \vec{j})$
 

 
Nous obtenons $\left\lbrace\begin{array}{lcl}
x &=& X+a\\
y &=& Y+b
\end{array}
\right.$ qui constitue la formule de changement de repère.

Exemple 

Soit $(O\;;\ \vec{i}\;,\ \vec{j})$ un repère du plan, $A\begin{pmatrix} 2 \\ 1\end{pmatrix}\;,\ B\begin{pmatrix} 3 \\ 4\end{pmatrix}$ et $\Omega(3\;;\ 2)$ dans $(O\;;\ \vec{i}\;,\ \vec{j}).$
 
Trouver les coordonnées de $A$ et $B$ dans $(\Omega\;;\ \vec{i}\;,\ \vec{j}).$ 

Résolution

D'après la formule de changement de repère on a : $$\left\lbrace\begin{array}{rcl} x&=&X+3 \\ y&=&Y+2\end{array}\right.\ \Rightarrow\ \left\lbrace\begin{array}{rcl} X&=&x-3 \\ Y&=&y-2\end{array}\right.$$
Les coordonnées de $A$ dans $(\Omega\;;\ \vec{i}\;,\ \vec{j})$ sont donc données par : $$A\begin{pmatrix} X=2-3 \\ Y=1-2\end{pmatrix}=\begin{pmatrix} -1 \\ -1\end{pmatrix}$$
\begin{eqnarray}\overrightarrow{OB}=\overrightarrow{O\Omega}+\overrightarrow{\Omega B}&\Rightarrow&\overrightarrow{\Omega B}=\overrightarrow{OB}-\overrightarrow{O\Omega}\nonumber \\ &\Rightarrow&\overrightarrow{\Omega B}=3\vec{i}+4\vec{j}-3\vec{i}-2\vec{j}\nonumber \\ &\Rightarrow&\overrightarrow{\Omega B}=2\vec{j}\nonumber \end{eqnarray}
d'où : $B\begin{pmatrix} 0 \\ 2\end{pmatrix}$ dans $(\Omega\;;\ \vec{i}\;,\ \vec{j}).$ 

Auteur: 
Seyni Ndiaye

Commentaires

1

des bien conçu et c'est résumé

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